高一5月联考语文试卷范文第1篇
豫南九校2016—2017学年下期第一次联考
高二语文试题答案
1.【答案】D (“致仕也是朝廷处理大臣的一个手段”“就会有官员致仕”理解有误，原文第4段的表述是“有时”，不是“也是”，也不一定“就会”。) 2.【答案】D (“因为他是知进退的楷模，所以获得额外赏赐，所有待遇不变”理解和分析有误，强加因果) 3.【答案】C (“全凭皇帝好恶”的判断过于绝对，文中依据也不足。) 4.【答案】B (A项“为了研究磁性液体，他进入北京交通大学”于文无据。C “这是李德才取得成功的关键因素”理解不准确。D项，原文只说“可与国际同类产品相媲美 ”，不能判断是“世界最前沿”。) 5.【答案】AD (毎项2分，共4分)
(B项，当时北京交通大学有磁性液体研究，只是基础较为薄弱。C项，“从硕士研究生入学开始”错误，原文是“当时还是研究生的李德才······能屈能伸。”E项，“每个人都能成为李德才教授那样的专家”说法绝对。) 6.伟大：
①他无视困难，执着专注。没有团队传承、合作、方法和技术，他就独自摸索。一次实验一个通宵，省钱买
书，从有限的资料中“沙里淘金”。花费20年时间，成功打破了国外技术封锁，研制出了具有我国自主知
识产权的磁性液体。
②他拒绝诱惑，耐得住寂寞。李德才教授放弃有前途的研究方向，专注磁性 液体研究，拒绝外界诱惑和不
必要的消耗，把欲望和算计抛在脑后，一生成一事 。
③贡献突出，成就巨大。他创立的磁性液体研究中心已研制出多种可与国际 同类产品相媲美的磁性液体，
为我国国防事业的发展作出了突出贡献，成功地将磁性液体应用到国防科工的诸多领域，节约经费和创
造产值达数百亿元。 简单：
①李德才教授爱上磁性液体研究，理由简单：有兴趣，觉得有挑战性 ，更有意义。
②选定一个目标便坚持做下去，目标专一：他自己说：“我做某件事的时候 ，总是觉得这就是我可以做一辈
子的事，只有做完做好这一件，我才会去做下一 件。”
(“伟大”3分，“简单”2分。“伟大”答两条，答任一条1分，两条3分;“简单”答任一条即可。共5分。意思对即可。) 7.【答案】C D (毎项2分，共4分)
A“父亲却强迫子昂改变了志向”错;B“借酒浇愁，酩酊大醉”无中生有;E“言简练通俗、明白如话”不恰当。 8.【答案】(每点1分，三点4分)
①象征、隐含人物命运。古琴的出现，使子昂命运有转机;古琴被摔碎，成就了子昂功名;同时也预示着他
将自食其果。
②揭示小说主题。为追求功名、攀升权势不择手段，终将事与愿违，自食其果。 ③“碎琴”是故事情节的高潮，是人物性格转变的关键情节。
9 9.【答案】(每点2分，共6分) ①少时聪慧顽劣、孝顺 ②踌躇满志，意志坚定 ③哗众取宠，沽名钓誉 10.【答案】D
11.【答案】A (“考中的称为"贡士”，第一名称"会元"，也称为‘会魁’。 ”错，考中的称为“举人”，第一名称为“解元”)
12.【答案】D (“又受到奸民的告讦，因而累遭贬谪，”错。) 13.【答案】
(1)海瑞说：“以前胡总督巡视部属，命令所路过的地方不要供应太铺张。现在这个人行装丰盛，一定不是
胡公的儿子。”(“曩 ”、“按部 ”、“供张 ”，各1分，大意2分)
(2)海瑞平时憎恨大户兼并土地，全力摧毁豪强势力，安抚穷困百姓。贫苦百姓的土地有被富豪兼并的，
大多夺回来交还原主。(“ 素 ”“ 嫉 ”“ 率 ”，各1分，大意2分)
参考译文：
海瑞，字汝贤，琼山人。中举人。代理南平县教谕，御史到学宫，部属官吏都伏地通报姓名，唯独海瑞长揖而礼，说：“到御史所在的衙门当行部属礼仪，(但)这个地方是学堂，是老师教育学生的地方，不应屈身行礼。”迁淳安知县，穿布袍、吃粗粮糙米，让老仆人种菜自给。总督胡宗宪曾告诉别人说：“昨天听说海县令为老母祝寿，才买了二斤肉啊。”胡宗宪的儿子路过淳安县，向驿吏发怒，把驿吏倒挂起来。海瑞说：“过去胡总督按察巡部，命令所路过的地方不要供应太铺张。现在这个人行装丰盛，一定不是胡公的儿子。”打开袋有金子数千两，收入到县库中，派人乘马报告胡宗宪，胡宗宪没因此治罪。
都御史鄢懋卿巡查路过淳安县，酒饭供应的的十分简陋，海瑞高声宣言县邑狭小不能容纳众多的车马。懋卿十分气愤，然而他早就听说过海瑞的名字，只得收敛威风而离开，但他嘱咐巡盐御史袁淳治海瑞和慈溪和县霍与瑕的罪。霍与瑕，尚书霍韬的儿子，也是坦率正直不谄媚鄢懋卿的人。当时，海瑞已提拔为嘉兴通判，因此事贬为兴国州判官。过了很长时间，陆光祖主张文官选举，提拔海瑞任户部主事。
隆庆元年，徐阶被御史齐康所弹劾，海瑞上言说：“徐阶侍奉先帝，不能挽救于神仙土木工程的失误，惧怕皇威保持禄位，实在也是有这样的事。然而自从主持国政以来，忧劳国事，气量宽洪能容人，有很多值得称赞的地方。齐康如此心甘情愿地充当飞鹰走狗，捕捉吞噬善类，其罪恶又超过了高拱。”人们赞成他的话。
经历南京，北京左、右通政。隆庆三年夏天，以右金都御史身份巡抚应天十府。属吏害怕他的威严，贪官污吏很多自动免去。有显赫的权贵把门漆成红色的，听说海瑞来了，改漆成黑色的。宦官在江南监织造，因海瑞来减少了车吗随从。海瑞一心一意兴利除害，请求整修吴淞江、白茆河，通流入海，百姓得到了兴修水利的好处。海瑞一向憎恨大户兼并土地，全力摧毁豪强势力，安抚穷困百姓。贫苦百姓的土地有被富豪兼并的，大多夺回来交还原主。徐阶罢相后在家中居住，海瑞追究徐家也不给予优待。推行政令气势猛烈，所属官吏恐惧奉行不敢有误，豪强甚至有的跑到其他地方去躲避的。而有些奸民多乘机揭发告状，世家大姓不时有被诬陷受冤枉的人。又裁减邮传冗费，土大夫路过海瑞的辖区大都得不到很好地张罗供应，因此怨言越来越多。都给事中舒化说海瑞迂腐滞缓不通晓施政的要领，应当用南京清闲的职务安置他，皇帝还是用嘉奖的语言下诏书鼓励海瑞。不久给事中戴凤翔弹劾海瑞庇护奸民，鱼肉士大夫，沽名乱政，遂被改任南京粮储。海瑞巡抚吴地才半年。平民百姓听说海瑞解职而去，呼号哭泣于道路，家家绘制海瑞像祭祀他。海瑞要到新任上去，正遇高拱掌握吏部，早就仇恨海瑞，把海瑞的职务合并到南京户部当中，海瑞因此遂因病引退，回到琼山老家。 14.【答案】BE(选出一项2分，两项5分)
(B “徘徊留恋喜赏春花的悠闲心情”错，踯躅：羊踯躅花，杜鹃花科。 E不是直抒胸臆，而
10 是间接抒情，曲折迂回，诗意婉转。) 15.【答案】
(1)以景衬情(情景相映或借景抒情等),首联描写了春山明净，春江空阔，人烟稀少的景象，突出环境的
荒僻冷落，衬托了诗人因被贬荒地而生发的忧愁(孤寂凄凉之情。)(3分) (2)反衬(乐景衬哀情)颔联描写了一幅嫩笋争相滋生，踯躅花随处悠闲的开放的勃勃优美春景，与诗人
的 “悲情”形成强烈的反差(对比)，反衬出了诗人的各种“忧愁”。(3分)(其它答案，只要符合诗意和
题意，请酌情给分) 16.【答案】
(1)弟子不必不如师，师不必贤于弟子。 (2)飞湍瀑流争喧豗，砯崖转石万壑雷。 (3)百年多病独登台 17.【答案】AC (每项2分，共4分)
(A项，一张一弛：原指治理国家要宽严互相补充，交替使用。现多用以比喻工作的紧松和生活的劳逸要适当调节，不能过头。此处使用对象不对。B项，穿云裂石：(声音)穿过云层，震裂石头，形容乐器声或歌声高亢嘹亮。使用正确。C项，休戚相关：彼此间祸福互相关联。此处不合语境，可改为“息息相关”。D项，临深履薄，脚踩薄冰。比喻做事小心谨慎，惟恐失误。适用正确。E项，兄弟阋墙：兄弟在家争吵。后来比喻内部相争。适用正确。) 18.【答案】B A.缺少主语 “是人类历史上用最短的时间取得的成就最大、发展最快的国家”前加上“中国”。C.语序不当“ 一再美化” “ 否认”位置互换。D.中途易辙，“它的审美情趣和艺术品位”没接谓语，后面主语成了“京剧”，改成“它具有很高的审美情趣和艺术品位”。. 19.【答案】B 20.【答案】(答对一空1分，两空3分，三空5分) ①更给予我们精神的慰藉 ②也是属于社会的
③便自然地从社会空间转向自然空间 21.【答案】
此题是一道图文转换的表达运用能力。解答此类题，应根据漫画构成要素，展开合理的联想，然后按照总分的顺序，联系社会现实将漫画反映的社会现象描述出来即可。描述时，要注意关键要素：众多的“臆造节日”、漫画人物的疑惑。可从传统节日与臆造节日、商业等角度阐述自己的看法。
答案示例：
现象：名目繁多且缺乏传统文化内涵的“臆造节日”异军突起，掩盖了传统节日。(3分) 看法1：传统节日被商业化的“新节”淡化，亟需“抢救”。 看法2：节日也需要创新，不必一味严肃，新节日带来新快乐。(任选一种看法2分) 22.参考立意：1.传承中国传统文化需要执着的精神;
2.转变思维，传承中国传统文化;
3.传承中国传统文化应采取更好的方式;
高一5月联考语文试卷范文第2篇
1.
A.
B.
C.
D.
【答案】D
【解析】上下同时乘以再化简即可.
【详解】
故选D
【点睛】
本题主要考查复数的四则运算,属于基础题型.
2.已知全集为,集合，，则
A.
B.
C.
D.
【答案】C
【解析】分别求得集合再求即可.
【详解】
或
故,故
故选：C
【点睛】
本题主要考查了集合的基本运算,属于基础题型.
3.在等差数列中,已知,则该数列前11项和=(
)
A.44
B.55
C.143
D.176
【答案】A
【解析】根据等差数列的性质计算即可.
【详解】
由等差数列中,则,故
故选：A
【点睛】
本题主要考查了等差数列的基本性质,包括等和性与当为奇数时,前项和
.
属于基础题型.
4.函数的大致图象是(
)
A.
B.
C.
D.
【答案】A
【解析】先分析奇偶性,再分析当时函数值的正负即可.
【详解】
,故为奇函数.排除C,D
又当时,
,此时,排除B
故选A
【点睛】
本题主要考查了函数图像的判断,一般先分析奇偶性,再分析特殊位置的正负即可.属于基础题型.
5.动点在圆上移动时，它与定点连线的中点的轨迹方程是
(
)
A.
B.
C.
D.
【答案】B
【解析】设连线的中点为,再表示出动点的坐标,代入圆化简即可.
【详解】
设连线的中点为,则因为动点与定点连线的中点为,故
,又在圆上,故,
即即
故选：B
【点睛】
本题主要考查了轨迹方程的一般方法,属于基础题型.
6.设是两条不同的直线，是两个不同的平面，则下列命题正确的是(
)
A.若且则
B.若且则
C.若
D.若且则
【答案】B
【解析】试题分析：对于A中，若且则与可能是平行的，所以不正确;对于C中，则可能，所以不正确;对于D中，若且则与可能是相交的，所以不正确，故选B.
【考点】直线与平面位置关系的判定.
7.函数f(x)=2sin(ωx+φ)(ω>0，-<φ<)的部分图象如图所示，则ω、φ的值分别是( )
A.2，-
B.2，-
C.4，-
D.4，
【答案】A
【解析】由函数f(x)=2sin(ωx+φ)的部分图象，求得T、ω和φ的值.
【详解】
由函数f(x)=2sin(ωx+φ)的部分图象知，
()，
∴Tπ，解得ω=2;
又由函数f(x)的图象经过(，2)，
∴2=2sin(2φ)，
∴φ=2kπ，k∈Z，
即φ=2kπ，
又由φ，则φ;
综上所述，ω=2、φ.
故选A.
【点睛】
本题考查了正弦型函数的图象与性质的应用问题，是基础题.
8.与直线关于x轴对称的直线的方程是( )
A.
B.
C.
D.
【答案】D
【解析】利用所求直线的点的坐标，关于轴的对称点的坐标在已知的直线上求解即可.
【详解】
设所求直线上点的坐标，
则关于轴的对称点的坐标在已知的直线上，
所以所求对称直线方程为：,故选D.
【点睛】
本题主要考查对称直线的方程，意在考查灵活应用所学知识解答问题的能力，属于简单题.
9.泰山有“五岳之首”“天下第一山”之称，登泰山的路线有四条：红门盘道徒步线路，桃花峪登山线路，天外村汽车登山线路，天烛峰登山线路.甲、乙、丙三人在聊起自己登泰山的线路时，发现三人走的线路均不同，且均没有走天外村汽车登山线路，三人向其他旅友进行如下陈述：
甲：我走红门盘道徒步线路，乙走桃花峪登山线路;
乙：甲走桃花峪登山线路，丙走红门盘道徒步线路;
丙：甲走天烛峰登山线路，乙走红门盘道徒步线路;
事实上，甲、乙、丙三人的陈述都只对一半，根据以上信息，可判断下面说法正确的是(
)
A.甲走桃花峪登山线路
B.乙走红门盘道徒步线路
C.丙走桃花峪登山线路
D.甲走天烛峰登山线路
【答案】D
【解析】甲乙丙三人陈述中都提到了甲的路线,由题意知这三句中一定有一个是正确另外两个错误的,再分情况讨论即可.
【详解】
若甲走的红门盘道徒步线路,则乙,丙描述中的甲的去向均错误,又三人的陈述都只对一半,则乙丙的另外两句话“丙走红门盘道徒步线路”,“乙走红门盘道徒步线路”正确,与“三人走的线路均不同”矛盾.
故甲的另一句“乙走桃花峪登山线路”正确,故丙的“乙走红门盘道徒步线路”错误,“甲走天烛峰登山线路”正确.乙的话中“甲走桃花峪登山线路”错误,“丙走红门盘道徒步线路”正确.
综上所述,甲走天烛峰登山线路,乙走桃花峪登山线路,
丙走红门盘道徒步线路
故选：D
【点睛】
本题主要考查了判断与推理的问题,重点是找到三人中都提到的内容进行分类讨论,属于基础题型.
10.如图，正方体的棱长为分别是棱的中点，则多面体的体积为(
)
A.
B.
C.
D.
【答案】C
【解析】由题易得为正六边形,故连接对角线取中心,再求得高与底面面积即可.
【详解】
取为正六边形中心,则易得共线,再建立如图空间直角坐标系,则
,,故,
故面,故体积
故选：C
【点睛】
本题主要考查立体几何中的垂直平行关系,同时注意正六边形的面积可以用六个小正三角形进行计算,属于中等题型.
11.四面体的四个顶点都在球的表面上，，是边长为3的等边三角形，若，则球的表面积为(
)
A.
B.
C.
D.
【答案】A
【解析】先求底面外接圆直径,再求球的直径,再利用表面积求解即可.
【详解】
外接圆直径
,
故球的直径平方,故外接球表面积
故选：A
【点睛】
本题主要考查侧棱垂直底面的锥体外接球表面积问题,先利用正弦定理求得底面直径,再利用锥体高,根据球直径求解即可.属于中等题型.
12.设,若方程恰有四个不相等的实数根，则实数
的取值范围是(
)
A.
B.
C.
D.
【答案】C
【解析】画出函数图像,再根据直线与有四个交点分析即可.
【详解】
画出图像,由过定点,故将直线绕着旋转进行分析,得出临界条件如图,直线过和与相切时为临界条件.
当过时,易得.
当与相切时,设切点,,故在处切线斜率,故,故,故,故
故的取值范围是
故选C
【点睛】
本题主要考查了数形结合解决分段函数零点的问题,重点是画出图像,分析满足条件时的情况,再求得临界条件,最后得出斜率的取值范围,属于难题.
二、填空题
13.若向量和向量垂直，则_______.
【答案】
【解析】利用垂直求得,再求出的向量坐标,进而求得模长即可.
【详解】
因为向量和向量垂直,所以,
故,故,故
故
故答案为5
【点睛】
本题主要考查向量的坐标运算,包括垂直的性质以及模长的运算等,属于基础题型.
14.函数的图象在处的切线方程为______________________.
【答案】
【解析】先求导函数,再代入于内求得斜率,
代入于内求得切点坐标,再用点斜式求直线方程即可.
【详解】
由题,又,故在处的斜率为,故在处的切线方程为
故答案为：
【点睛】
本题主要考查了导数几何意义,求在某点处切线的方程,属于基础题型.
15.已知等比数列中，各项都是正数，且成等差数列，则______.
【答案】
【解析】先根据等差中项的性质可知得2×()=a1+2a2，进而利用通项公式表示出q2=1+2q，求
得q，代入中即可求得答案.
【详解】
依题意可得2×()=a1+2a2，
即，a3=a1+2a2，整理得q2=1+2q，
求得q=1±，
∵各项都是正数
∴q>0，q=1+
∴==3+2
故答案为：
【点睛】
本题主要考查了等差数列和等比数列的性质.考查了学生综合分析的能力和对基础知识的理
解.
16.在直三棱柱中,若
，则异面直线与所成的角等于_________
【答案】
【解析】建立空间直角坐标系分别求得，，再利用即可得到所求角大小.
【详解】
三棱柱为直三棱柱,且
以点
为坐标原点，分别以，，为
轴建立空间直角坐标系
设，则
,
,,
，
又
异面直线所成的角在
异面直线与所成的角等于
.
【点睛】
本题考查了异面直线所成角的计算，一般建立空间直角坐标系利用向量法来解决问题，属于中档题.
三、解答题
17.如图，在三棱柱中，⊥，⊥，，为的中点，且⊥.
(1)求证：⊥平面;(2)求三棱锥的体积.
【答案】解：(1)见解析;(2)=·CD
=A1B1×B1B×CD=×2×2×=.
【解析】本题考查线线垂直，线面垂直及多面体的体积的求法技巧，转化思想的应用，考查计算能力
(1)证明CD⊥BB1，通过BB1⊥AB，AB∩CD=D，即可证明BB1⊥面ABC
(2)所求的体积进行等价转化可以知道几何体的体积.
解：(1)∵AC=BC，D为AB的中点，∴CD⊥AB，又∵CD⊥DA1，∴CD⊥平面ABB1A1，∴CD⊥BB1，
又BB1⊥AB，AB∩CD=D，∴BB1⊥平面ABC
(2)由(1)知CD⊥平面AA1B1B，故CD是三棱锥C-A1B1D的高，
在Rt△ACB中，AC=BC=2，∴AB=2，CD=，
又BB1=2，∴=·CD
=A1B1×B1B×CD=×2×2×=
【详解】
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18.已知半径长为的圆截轴所得弦长为，圆心在第一象限且到直线的距离为.
(1)求这个圆的方程;
(2)求经过与圆相切的直线方程.
【答案】(1);(2)和.
【解析】(1)设圆心,半径=5,利用圆截轴所得弦长为算出.再利用到直线的距离为算得即可.
(2)分情况当斜率不存在时判断是否满足条件,再考虑当斜率存在时,设过的点斜式方程,再利用与圆相切列出圆心到直线的距离等于半径的方程,求解即可.
【详解】
由题圆心,半径=5
截轴弦长为6
,
由到直线的距离为,
所以圆的方程为
(2)分情况讨论：当直线存在斜率时,设切线方程为：
由到直线的距离
切线方程：
当直线过点且斜率不存在时,方程也是所求的切线方程.
综上,切线方程为和
【点睛】
本题主要考查了直线与圆的方程问题.重点在于根据题目条件找到圆心半径的关系,相交一般利用垂径定理,相切一般用圆心到直线的距离等于半径列式求解.同时注意求过定点的直线时,要分斜率存在与不存在的情况,属于中等题型.
19.如图，在中，边上的中线长为3，且，.
(1)求的值;
(2)求边的长.
【答案】(Ⅰ);(Ⅱ)4;
【解析】(1)由同角三角函数的关系、三角形内角的范围和两角差的正弦公式即可求出.
(2)在中，利用正弦定理得，在中利用余弦定理即可求出.
【详解】
解：因为，所以.
又，所以，
所以
.
在中，由得，
解得.故，
在中，由余弦定理得
，
得.
【点睛】
本题考查两角差的正弦公式，考查正弦定理、余弦定理的运用，属于中档题.
20.已知数列的前n项和为，且.
(1)求数列的通项.
(2)设，求数列的前n项和.
【答案】(1);(2)
.
【解析】(1)利用通项与前n项和的关系求得关于的递推公式满足等比数列,再求得首项与公比即可求得数列的通项.
(2)
为差比数列,故考虑用错位相减求和.
【详解】
解(1)
两式相减得,
即数列{an}是等比数列.
(2)
①
②
①﹣②得
【点睛】
本题主要考查了通项与前n项和的关系,同时也考查了错误相减求和的方法,属于中等题型.
21.在平面直角坐标系xOy中，已知直线与圆O：相切.
(1)直线l过点(2，1)且截圆O所得的弦长为，求直线l的方程;
(2)已知直线y=3与圆O交于A，B两点，P是圆上异于A，B的任意一点，且直线AP，BP与y轴相交于M，N点.判断点M、N的纵坐标之积是否为定值?若是，求出该定值;若不是，说明理由.
【答案】(1)或;(2)见解析.
【解析】(1)记圆心到直线l的距离为d，利用垂径定理求得d.当直线l与x轴垂直时，直线l的方程为x=2，满足题意;当直线l与x轴不垂直时，设直线l的方程为y﹣1=k(x﹣2)，利用圆心到直线的距离列式求得k，则直线方程可求;
(2)设P(x1，y1)，由直线y=3与圆O交于A、B两点，不妨取A(1，3)，B(﹣1，3)，分别求出直线PA、PB的方程，进一步得到M，N的坐标，由P在圆上，整体运算可得为定值.
【详解】
∵直线x﹣3y﹣10=0与圆O：x2+y2=r2(r>0)相切，
∴圆心O到直线x﹣3y﹣10=0的距离为r=.
(1)记圆心到直线l的距离为d，∴d=.
当直线l与x轴垂直时，直线l的方程为x=2，满足题意;
当直线l与x轴不垂直时，设直线l的方程为y﹣1=k(x﹣2)，即kx﹣y+(1﹣2k)=0.
∴，解得k=﹣，此时直线l的方程为3x+4y﹣10=0.
综上，直线l的方程为x=2或3x+4y﹣10=0;
(2)点M、N的纵坐标之积为定值10.
设P(x1，y1)，
∵直线y=3与圆O交于A、B两点，不妨取A(1，3)，B(﹣1，3)，
∴直线PA、PB的方程分别为y﹣3=，y﹣3=.
令x=0，得M(0，)，N(0，)，
则().
∵点P(x1，y1)在圆C上，∴，即，
代入()式，得为定值.
【点睛】
求定值问题常见的方法
①从特殊入手，求出定值，再证明这个值与变量无关.
②直接推理、计算，并在计算推理的过程中消去变量，从而得到定值.
22.已知定义在上的函数在区间上的最大值是5，最小值是.
(1)求函数的解析式;
(2)若时，恒成立，求实数的取值范围.
【答案】(1);(2)
【解析】(1)求出导函数，由导数确定单调性，得最值后可得，得解析式;
(2)恒成立，作为的函数可以看作是一次函数，只要区间两个端点处函数值满足不等式即可.
【详解】
解：(1)令，
解得或(舍)，
因为，
由知，在上单调递增，
在上单调递减，
在上的最大值为，最小值为
，
解得，
.
(2)由(1)知，
恒成立，
令，
则在上恒成立，
等价于：，即.
解得，故实数的取值范围为.
【点睛】